如图所示是发电机线圈在磁场中转动一圈（小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场）

1、2分点评本题难度较小，当线圈与中性面垂直时切割磁感线的有效速度最大，此时的感应电动势最大，熟记中性面的概念，电流方向在中性面时发生变化，掌握峰值瞬时值有效值和平均值的计算是关键；图上应该有磁通最大值的具体数字吧我用符号φm代替了解由题可知，感应电动势Em=nωφm 1再由闭合电路欧姆定律可得 I=EmR+r 2由于是交流电，电流表所测得的读数是有效值，所以 I’=070；Em=nBSω解得ω=EmnBS=182 rads=25 rads3发电机产生的电能为Q=IEt，t=100T=1002πω解得Q=543J答1发电机线圈产生感应电动势的最大值的表达式Em=nBSω2线圈转动的角速度ω=25rads。

2、A由图可知，交流电的最大电压E=20V，周期T=0250s，所以频率f=4HZ，所以感应电动势瞬时值表达式为e=20sin8πt，故A错误B该交流电在0125s时，感应电动势为零，磁通量最大，处于中性面位置，故B正确C该。

3、1交流发电机产生感应电动势的最大值 E m ＝ nBωS 而 Φ m ＝ BS ， ω ＝ ，则 E m ＝ 由 Φ － t 图线可知 Φ m ＝20×10 －2 Wb， T ＝628×10 －2 s 解得 E；与形状无关因此，线圈中仍产生规律相同的正弦式电流3由1的推导过程可知，若从中性面开始计时，表达式为正弦型即E＝ sinωt若从线圈平面与磁场方向平行的位置开始计时，表达式为余弦型即？E＝ cosωt；P=I有^2 r=4W，A对 有效值根号2A，B错 感应电动势为e＝ir=4coswt=4cos2πTt，C对 任意时刻感应电动势为e＝4cos2πTt，而e=dΦdt，所以穿过线圈的磁通量为Φ=2Tπsin2πTt，D错。

4、1由图乙所示图象可知T=628×102s，发电机旋转的角速度ω=2πT=2×314628×10？2=100rads2电动势的最大值Em=nBSω=nΦmω=100×2×102×100=200V3电动势的有效值E=Em2=；C 试题分析 t 1 时刻和 t 3 时刻感应电动势为零，所以位于中心面位置，磁通量最大，变化率为零，感应电流方向发生变化，A错误C正确， t 2 时刻感应电动势最大，位于平行磁场位置，感应电流方向不变化，B错误。

5、4分2由于电动机的额 定电压为220V，所以变压器的匝数比由变压器的电压关系得 ，由于U 1 ＝1100V，U 2 ＝220V，所以变压器的匝数比为 4分3电流表的示数就是原线圈中的电流I 1 ，由能量守恒；B 试题分析001s时刻产生的电流最大，故产生的感应电动势最大，即线圈磁通量变化率最大，所以磁通量最小，所以位移和中心面垂直位置，A错误，B正确，该交流电的有效值为 ，C错误，从图像中可以看出交流电的周期 ；故B错误Ct 3 时刻电动势为零，通过线圈的磁通量变化率为零，故C错误D电压的有效值为U= 20 2 =10 2 V，所以交变电流的有效值为I= U R。